CF1064D. Labyrinth

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给出一个$𝑛×𝑚$的网格，给出起始点，要求向左走不超过𝐿步，向右走不超过𝑅步，求出能遍历到哪些点。

$01BFS$模版题。

直接$bfs$会出现问题，因为一旦打上标记后，下一次无法访问到，但是下一次的状态还更优。
但是由于上下走最好，边权就相当于$0$.

$0-1BFS$用来解决：边权值为$0$或$1$，或者能够转化为这种边权值的最短路问题，时间复杂度为$O(E+V)$.

$0-1BFS$,从队列$front$中去除点$u$，遍历$u$的所有边，如果当前边可以进行$relax$操作，则$relax$，然后判断$level$，若$level$相同，放到队列的$front$，否则，放到$back$，队列采用双端队列$deque$。

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#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define pii pair<int, int>
#define mk make_pair
const int N = 2e3 + 10;
const int mod = 1e9 + 7;
int dx[4] = {-1, +1, 0, 0}, dy[4] = {0, 0, -1, +1};
struct pd
{
    int x, y, l, r;
};
char s[N][N];
int vis[N][N];
int n, m, r, c, x, y, ans;
int main()
{
    scanf("%d%d%d%d%d%d", &n, &m, &r, &c, &x, &y);
    for (int i = 1; i <= n; i++)
        scanf("%s", s[i] + 1);
    deque<pd> q;
    q.push_back((pd){r, c, x, y});
    vis[r][c] = 1;
    while (!q.empty())
    {
        pd p = q.front();
        q.pop_front();
        if (p.l < 0 || p.r < 0)
            continue;

        s[p.x][p.y] = '+';
        ans++;
        for (int i = 0; i < 4; i++)
        {
            int xx = p.x + dx[i];
            int yy = p.y + dy[i];
            if (xx < 1 || xx > n || yy < 1 || yy > m || vis[xx][yy] || s[xx][yy] == '*')
                continue;
            vis[xx][yy] = 1;
            if (i == 1 || i == 0)
                q.push_front((pd){xx, yy, p.l, p.r});
            else if (i == 2)
                q.push_back((pd){xx, yy, p.l - 1, p.r});

            else
                q.push_back((pd){xx, yy, p.l, p.r - 1});
        }
    }
    cout << ans << endl;
}